当前位置:首页 -高中数学试卷 - 高考数学试题 - 正文*

08年高考理科数学杭州市第一次教学质量检测

2014-5-11 0:12:54下载本试卷

08年高考理科数学杭州市第一次教学质量检测

试题卷()

考生须知:     

1. 本卷满分150分, 考试时间120分钟.

2. 答题前, 在答题卷密封区内填写学校、班级和姓名.

3. 所有答案必须写在答题卷上, 写在试题卷上无效.

4. 考试结束, 只需上交答题卷.

参考公式 

如果事件互斥,那么; 

如果事件相互独立,那么 ;

如果事件在一次试验中发生的概率是,那么次独立重复试验中事件A恰好发生次的概率.

一. 选择题 : 本大题共10小题, 每小题5分, 共50分. 在每小题给出的四个选项中, 只有一项是符合题目要求的 .

1. 若集合,则下列关系成立的是( 宗 )

(A)   (B)   (C)   (D)

2. 已知复数z = (2 + 3i)( 1 – 4i ) , 则z在复平面上对应的点Z位于(   )

(A) 第一象限   (B) 第二象限  (C) 第三象限   (D) 第四象限

3.数据的方差为,则数据的方差为(   )

(A)     (B)-1    (C) )              (D) -1

4. 如图,已知单位圆O与y轴相交于A、B两点.角θ的顶点为原点,始边在x轴的正半轴上,终边在射线OC上. 过点A作直线AC垂直于y轴且与角θ的终边交于点C,则有向线段AC的函数值是(   )

  (A)sinθ  (B) cosθ  (C) tanθ   (D) cotθ 

5. 在锐角△ABC中,若lg (1+sinA) = m , 且lg= n,则lgcosA等于(   )

  (A)(m-n) (B)m-n (C)( m+) (D)m+

6. 从1到10十个数中,任意选取4个数,其中,第二大的数是7的情况共有 (  )

(A)18 种   (B)30种   (C)45种   (D)84种

7.若,使成立的一个充分不必要条件是 (    )

(A)  (B)   (C)  (D)

8. 在等差数列中,

为(   )

(A)(B)  (C)    (D) 

9.已知函数 f ( x) = (x2 – 3x + 2) g ( x ) + 3x – 4 , 其中g ( x )是定义域为R的连续函数,则方程f ( x) = 0在下面哪个范围内必有实数根 (   )

 (A) ( 0, 1 )  (B) (1, 2 )  (C) ( 2 , 3 ) (D) ( 2, 4 )

10. 已知偶函数f (x )满足条件:当x ÎR时,恒有 f ( x + 2 ) = f (x ) , 且0 £ x £ 1时,有f ` ( x ) >0,则的大小关系是 ( B  )

(A)      (B)  

(C)      (D)

二.填空题: 本大题有    7小题, 每小题4分, 共28分. 把答案填在答题卷的相应位置上.

11. 函数的定义域是_   ____

12. =      .

13. 化简=       

14. 二项式的展开式中, 常数项的值是     .

15. 函数的最小正周期是__________。

16. 设实数满足,则的取值范围是__    __.

17. 设向量 a n = ,向量b的模为 (k为常数),则y = a 1 +b2 + a 2 +b 2 + … + a 10 +b 2的最大值与最小值的差等于.            .

三. 解答题: 本大题有5小题, 共72分. 解答应写出文字说明, 证明过程或演算步骤.

18. (本小题满分14分)

已知, 求:

(1) 的值; (2) 的值; 

(3) 函数的图象可以通过函数的图象进行怎样的平移得到?

 

19. (本小题满分14分)

解关于x的不等式 2x – x – a > 2

 

20.(本小题满分14分)

暗箱中开始有3个红球,2个白球.每次从暗箱中取出一球后,将此球以及与它同色的5个球(共六个球)一齐放回暗箱中。

(1) 求第二次取出红球的概率

(2) 求第三次取出白球的概率;

(3) 设取出白球得5分,取出红球得8分,求连续取球3次得分的期望值.

 

21 . (本小题满分14分)

已知向量x = (1,t2 – 3 ) , y = (–k ,t) (其中实数k和t不同时为零),当 t £ 2时, 有 xy ,当 t > 2时,有xy.

(1) 求函数关系式k = f (t ) ;

(2) 求函数f (t )的单调递减区间;

(3) 求函数f (t )的最大值和最小值.

 

22.(本小题满分16分)

已知数列{bn}满足条件: 首项b1 = 1, 前n项之和Bn = .

(1)   求数列{bn}的通项公式 ;

(2) 设数列{an}的满足条件:an= (1+) a n – 1 ,且a1 = 2 , 试比较an的大小,并证明你的结论.

           

数学参考评分标准(理科)

 

一. 选择题 : (本大题共10小题, 每小题5分, 共50分)

题号

1

2

3

4

5

6

7

8

9

10

答案

B

D

C

D

A

C

D

B

B

B 

二.填空题: 本大题有    7小题, 每小题4分, 共28分. 把答案填在答题卷的相应位置上.

11.  [0,¥)               12. 4  .

13. – 1                 14. 1215     .

15. p                 16. (–¥, – 1]∪[1,¥)

17.  2()k       .

三. 解答题: 本大题有5小题, 共72分. 解答应写出文字说明, 证明过程或演算步骤.

18. (本小题满分14分)

(1) ∵, ∴, 有;  --- 4分

(2) ;   --- 5分

(3) 函数的图象可以通过函数的图象向左平移个单位得到.                                      --- 5分

19. (本小题满分14分)

1.当x < a时, 不等式化成: 2x + x– a > 2, 得 x > ( a + 2),       2分

a = ( a + 2), 得a = 1                    1分

1) 当 a £ 1时,  ∵( a + 2) ≥ a , ∴ 无解 ,

2) 当 a >1时, ∵( a + 2) < a,  ∴解为( a + 2)< x < a .     3分

2.当x ³ a 时, 不等式化成: 2x –x + a > 2, 得 x > 2 – a ,         2分

由a =2 – a,得a = 1                                       1分

1) 当 a £ 1时, ∵a <2 – a , ∴x > 2 – a,

2) 当a > 1时, ∵a >2 – a, ∴ x ³ a.                3分

综合上述: 当 a £ 1时, 原不等式解为 x >2 – a ,

当a >1时, 原不等式解为 x > ( a + 2)        2分

  其它解法: 1 ) 2x – 2 > x – a 平方求解.

  2) 图象法

  对照上面给分.

20.(本小题满分14分)

设第n次取出白球的概率为Pn, 第n次取出红球的概率为Qn,

(1) 第二次取出红球的概率Q2 = +=        5分(每项2分)

(2) 三次取的过程共有下列情况:

   白白白,白红白,红白白,红红白,

第三次取出白球的概率

P3 = +++

=                            5分(每项1分)

(3) 连续取球3次,得分的情况共有

  5+5+5 , 5+8+5, 8+5+5, 8+8+5, 5+5+8 , 5+8+8, 8+5+8,8+8+8

  列表如下:  

x

15

18

21

24

P

=

++

=

++

=

=

  得分期望x = 15´+ 18´+21´+ 24´=        4分

21 . (本小题满分14分)

 (1) 当 t £ 2时,由xy得:x·y = – k + (t2 – 3 ) t = 0,

得k = f (t ) = t3 – 3t  (  t £ 2 )

当 t > 2时, 由xy得: k =  

所以k = f (t ) =             5分

(2) 当 t £ 2时, f `(t ) =3 t2 – 3 ,  由f `(t ) < 0 , 得3 t2 – 3 < 0

解得 –1 < t < 1 ,

当 t > 2时, f `(t ) =  = > 0

∴函数f (t )的单调递减区间是(–1, 1).                4分

(3) 当 t £ 2时, 由f `(t ) =3 t2 – 3 =0得 t = 1或t = – 1

∵ 1 < t   £ 2时, f `(t ) > 0

∴ f (t)极大值= f (–1) = 2,   f (t)极小值= f (1) = –2

   又 f ( 2 ) = 8 – 6 = 2,     f (–2) = –8 + 6 = –2

   当 t > 2 时, f (t ) =< 0 ,

又由f `(t ) > 0知f (t )单调递增, ∴ f (t ) > f (2) = –2,

即当 t > 2 时, –2 < f (t ) < 0,

同理可求, 当t < –2时,  有0 < f (t ) < 2,

综合上述得, 当t = –1或t = 2时, f ( t )取最大值2

当t = 1或t = –2时, f ( t )取最小值–2           5分

22.(本小题满分16分)

 (1) 当n >1时, bn = Bn –Bn – 1 = = 3n-2

  令n = 1得b1=1, 

  ∴bn=3n-2.                                              5分 

(2)由an= (1+) a n – 1 ,得 ∴an

由a1 = 2 ,bn=3n-2知,

  an=(1+)(1 + )…(1+)2

=(1+1)(1+)…(1+)                

= = ,                  5分

设cn= ,

当n=1时,有(1+1) =  >

  当n=2时,有an=(1+1)(1+) =  = > = = cn

假设n=k(k≥1)时an>cn成立,即(1+1)(1+)…(1+)>成立,

则n=k+1时,

左边== (1+1)(1+)…(1+)(1+)

>(1+)=            3分

右边= c k + 1= =

   由(ak+1)3 – (c k + 1)3 =(3k + 1)–(3k+4) =

=>0,   得ak+1 > c k + 1成立.

综合上述, an>cn对任何正整数n都成立.              3分