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08届高三物理12月考试卷

2014-5-11 0:29:15下载本试卷

08届高三物理12月考试卷

《12月月考》

考试时间:90分钟       满分:100分

一.选择题(本题共48分,每小题给出的四个选项中,有的只有一个选项正确,有的有多个选项正确,全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分)

1.如图所示是空间某一电场中的一条电场线.M、N是该电场线上的两点.下列说法中正确的是 (    )  

A.该电场一定是匀强电场

B.比较M、N两点的场强大小,一定有EM >EN

C.比较M、N两点的电势,一定有φMN

D.比较电子在M、N两点的电势能,一定有EM>EN

2.半径均为R的两个相同的金属球带有等量异种电荷Q,两球球心相距为3R,两金属球间的作用力为f.另有两个相等的同种点电荷,带电量也为Q,相距也为3R,两点电荷间的作用力为f/,则应该:(      )

A.等于1    B.大于1    C.小于1    D.不能确定

3.对于点电荷的电场,我们取无限远处作零势点, 无限远处的电势能也为零,那么以下说法错误的是:(    )

A.在正电荷形成的电场中,各点的电势均大于零

B.在负电荷形成的电场中,各点的电势均小于零 

C.正电荷在高电势处,电势能大

D.负电荷在高电势处,电势能大

4.如图表示某电场的电场线和等势面,如果要求任意相邻的等势面间的电势差都相等,则等势面画得正确的是图(    )


5.如图所示,一带电粒子在电场中沿曲线AB运动,从B点穿出电场,a、b、c、d为该电场中的等势面,这些等势面都是互相平行的竖直平面,不计粒子所受重力,则 (    )

A.该粒子一定带负电

B.此电场不一定是匀强电场

C.该电场的电场线方向一定水平向左

D.粒子在电场中运动过程动能不断减少

6.如图所示,电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动,然后射入电势差为U2的两块平行极板间的电场中,射入方向跟极板平行,整个装置处在真空中,重力可忽略,在满足电子能射出平行板区的条件下,下述四种情况中,一定能使电子的偏转角θ变大的是 (    )

A.U1变大、U2变大      B.U1变小、U2变大

C.U1变大、U2变小      D.U1变小、U2变小

7.如图,有一电荷q=-3×10-6库仑,从A点移到B点,电场力做功为6×10-4焦耳,从B点移到C点克服电场力做功4 ×10-4焦耳,在A、B、C三点中,电势最高的点和电势最低的点分别是:(    )

A.B点和A点

B.A点和C点

C.B点和C点

D.A点和B点

8.一平行板电容器充电后与电源断开,负极板接地,在两极板间有一正电荷(电量很小)固定在P点,如图所示,以E表示两板间的场强,U表示电容器的电压,ε表示在正电荷在P点的电势能,若保持负极板不动,将正极板移到图中虚线所示的位置中,则 (    )

A.U变大,E不变 

B.E变大,ε变大 

C.U变小,ε不变                

D.U不变,ε变小

9.如图所示,AB是圆的一条直径,∠BAC=30°,圆O所在的平面内有匀强电场存在,电场方向与圆面平行。一个带正电的粒子(不计重力)以相同的初动能从图中A点出发,在圆面内向各个方向运动,只有当该粒子从图中C点离开圆面时,粒子的动能最大,则电场线方向为(    ) 

  A.沿A→B方向           B.沿A→C方向   

  C.沿O→C方向          D.沿B→C方向

10. 一匀强电场的电场强度E随时间t变化的图象如图

所示,在该匀强电场中,有一个带电粒子在t=0时刻由静

止释放,若带电粒子只受电场力作用,则下列说法中正确

的是:(    )

A.带电粒子只向一个方向运动

     B.0~2s内,电场力的功等于零

     C.2s末带电粒子回到原出发点

     D. 4s末带电粒子回到原出发点

11.如图,水平放置的三块带孔的平行金属板与一个直流电源相连,一个带正电的液滴从A板上方M点处由静止释放,不计空气阻力,设液滴电量不变。从释放到到达B板小孔处为过程I,在BC之间运动为过程II,则 (    )

    A.液滴不一定能从C板小孔中穿出

    B.过程I中一定是重力势能减小,电势能减小,动能增大

    C.过程I和过程II液滴机械能变化量的绝对值相等

    D.过程II中一定是重力势能减小,电势能增大,动能减小

12.两个相同的带电金属小球相距r时,相互作用力大小为F,将两球接触后分开,放回原处,相互作用力大小仍等于F,则两球原来所带电量和电性 (     )

A.可能是等量的同种电荷;  

B.可能是不等量的同种电荷;

C.可能是不等量的异种电荷; 

D.不可能是异种电荷。

二.实验题(12分)

13.在“用描迹法画出电场中平面上的等势线”的实验中:

(1)应该使用的器材是 (     )

A. 6 V的交流电源

B. 6 V的直流电源

C.量程0~0.5 V,零刻度线在刻度盘左边的电压表

D.量程0~0.5 V,零刻度线在刻度盘中央的电压表

E.量程0~300 A,零刻度线在刻度盘左边的电流表

F.量程0~300 A,零刻度线在刻度盘中央的电流表

(2) ①实验中接通电路后,若一个探针与基准点b接触,另一个探针分别在基准点两侧找到了实验所需的点M、N,如图6所示,则当此探针与M点接触时,电流表指针应      (填“左偏”、“指零”或“右偏”);当此探针与N点接触时,电流表指针应     (填“左偏”、“指零”或“右偏”).

②在a、b、c、d、e五个基准点中,电势最高的点是     点.

③若电流表两表笔分别接触图中d、f两点(点d、f连线与AB垂直)时,表针反偏(电流从红表笔流进时表针正偏),则电流表的红表笔接在     点,要使电流表指针仍指在零刻线,应将按f的探针向      (填“左”或“右”)移动.

08届高三物理12月考试卷   

题 号

1

2

3

4

5

6

答 案

一.选择题(48分)

题 号

7

8

9

10

11

12

答 案

二.实验题(12分)

13.(1)         。 

(2)①            。②    。③          

三.计算题 (共40分 .解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.)

14.(10分)一个初速度为零的电子通过电压为4500V的电场加速后,从C点沿水平方向飞入场强为1.5×105V/m的匀强电场中,到达该电场中另一点D时,电子的速度方向与场强方向的夹角正好是120°,如图所示,求C、D两点沿场强方向的距离。

15.(10分)在一高为h的绝缘光滑水平桌面上,有一个带电量为+q、质量为m的带电小球静止,小球到桌子右边缘的距离为s,突然在空间中施加一个水平向右的匀强电场E,且qE= 2 mg,如图所示,求:(1)小球经多长时间落地?

(2)小球落地时的速度的大小.

A

 
16.(10分)如图所示,绝缘斜面AC的倾角α=300,AB=BC,A、B之间斜面光滑,B、C之间斜面粗糙,在垂直于斜面的方向上分布着匀强电场,在A、B两点分别放置质量均为m,带电量均为+q的小滑块甲和乙(不计两滑块之间的库仑力),当电场方向和图示方向相反时,两滑块释放后都能以相同的加速度下滑.现在图示的情况下释放这两滑块后,滑块乙仍静止,甲和乙碰撞后二者没有分开,为使它们不能到达C点,滑块与斜面间的动摩

擦因数μ至少应为多大?  (两滑块均可视为质点,g取10m/s2.)

17.(10分) 在光滑绝缘的水平面上,用长为2L的绝缘轻杆连接两个质量均为m的带电小球A和B.A球的带电量为+2q,B球的带电量为-3q,组成一带电系统,如图所示,虚线MP为AB两球连线的垂直平分线,虚线NQ与MP平行且相距4L.最初A和B分别静止于虚线MP的两侧,距MP的距离均为L,且A球距虚线NQ的距离为3L.若视小球为质点,不计轻杆的质量,在虚线MP, NQ间加上水平向右的匀强电场E后,求:

(1)B球刚进入电场时,带电系统的速度大小.

(2)带电系统从开始运动到速度第一次为零所需时间以及B球电势能的变化量.

08届高三物理12月考试卷   

一.选择题(48分)

题 号

7

8

9

10

11

12

答 案

A

C

C

BD

BC

AC

题 号

1

2

3

4

5

6

答 案

CD

B

D

A

D

B

二。实验题(12分)

13. (1 )BF (2)①指零 指零 ②a ③d  右

三.计算题(40分)

14.(10分)

解:电子加速过程有:

得:

竖直方向:

得:

CD两点沿场强方向的距离:

15.(10分)

解:(1)小球在桌面上做匀加速运动,t1=,

小球在竖直方向做自由落体运动,t2=,

小球从静止出发到落地所经过的时间:t=t1+t2=.

(2)小球落地时vy=gt2=

,vx=at=·t=2gt=2.

落地速度v=.

16、(10分)

解:当电场方向和图示方向相反时,两滑块释放后都能以相同的加速度下滑.说明滑块乙所受动摩擦力为零,有:  F=mgcos300    

甲从A到B,  a1=gsin300=g/2  设  AB=BC=S

有  V1=   

甲、乙相碰有:mV1=2mV2   

 得: V2= V1/2=/2    

 从B到C,有: 2mgsin300-μ(2 mgcos300 +2 F)= 2ma2

 得: a2 == g/2-2μgcos300         

而: 0-V22 = 2 a2 S    

得出:μ = 5/24 = 0.36   所以:μ > 0.36   

17.(10分)

解: ⑴带电系统开始运动时,设加速度为a1,由牛顿第二定律:

      

球B刚进入电场时,带电系统的速度为v1,有:

   求得: 

⑵对带电系统进行分析,假设球A能达到右极板,电场力对系统做功为W1,有:

故带电系统速度第一次为零时,球A恰好到达右极板Q。   

设球B从静止到刚进入电场的时间为t1,则:

    解得:  

球B进入电场后,带电系统的加速度为a2,由牛顿第二定律:

 

显然,带电系统做匀减速运动。减速所需时间为t2,则有:

    求得:  

可知,带电系统从静止到速度第一次为零所需的时间为:

 

B球电势能增加了 6 Eq L